2024牛客寒假算法基础集训营1（补题）

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  • B
  • C
  • D
  • E
  • F
  • G
  • H
  • I
  • J
  • K
  • L

A

n的范围很小暴力直接 O ( n 3 ) O(n^3) O(n3)直接做就行。
我还傻的统计了一下前后缀，不过怎么写都行这道题。

#include <bits/stdc++.h> 
#define int long long
#define rep(i,a,b) for(int i = (a); i <= (b); ++i)
#define fep(i,a,b) for(int i = (a); i >= (b); --i)
#define ls p<<1
#define rs p<<1|1
#define PII pair<int, int>
#define pll pair<long long, long long>
#define ll long long
#define ull unsigned long long
#define db double
#define endl '\n'
#define debug(a) cout<<#a<<"="<<a<<endl;
#define IOS ios::sync_with_stdio(false); cin.tie(0); cout.tie(0);
#define INF 0x3f3f3f3f 
#define x first
#define y secondusing namespace std;const int N=30,mod=1e9+7;
int n,m,a[N],b[N],k;
int f[60][60];
char s[60];
int l[60],r[60]; 
bool st=false;void solve()
{int n;cin>>n;rep(i,1,59)	l[i]=r[i]=0;cin>>(s+1);//DFSmap<char,int>cnt;rep(i,1,n){if(cnt.find('D')!=cnt.end())	l[i]=1;cnt[s[i]]=1;}cnt.clear();fep(i,n,1){if(cnt.find('S')!=cnt.end())	r[i]=1;cnt[s[i]]=1;}//bool st=1;rep(i,1,n){if(s[i]=='F'&&l[i]==1&&r[i]==1){cout<<1<<' ';st=0;break;}}if(st)	cout<<0<<' ';//dfsst=1;rep(i,1,59)	l[i]=r[i]=0;cnt.clear();rep(i,1,n){if(cnt.find('d')!=cnt.end())	l[i]=1;cnt[s[i]]=1;}cnt.clear();fep(i,n,1){if(cnt.find('s')!=cnt.end())	r[i]=1;cnt[s[i]]=1;}rep(i,1,n){if(s[i]=='f'&&l[i]==1&&r[i]==1){cout<<1<<' ';st=0;break;}}if(st)	cout<<0<<' ';cout<<endl;
}signed main()
{IOS	
//  	freopen("1.in", "r", stdin);int _;cin>>_;while(_--)solve();return 0;
}

B

赛时的思路是：周围三个点特判，然后左边求最小和右边求最小，最后和特判取最小。
代码写的比较一坨很乱，最后也没调出来。
遇见这种感觉还是重写吧。
主要就是分类讨论

  1. 看鸡左边被堵没有
  2. 看鸡右边被堵没有
  3. 看鸡左边有没有火
  4. 看鸡右边有没有火
  5. 特判（2，0）
    自己写的太丑了，放一份加了注释的jls的代码吧。
#include <bits/stdc++.h>using i64 = long long;void solve() {int n;std::cin >> n;//left1表示左边是否有火，right1表示右边是否有火//left2表示左边是否能堵住鸡，right2表示右边是否能堵住鸡int left1 = 0, left2 = 0;int right1 = 0, right2 = 0;std::set<std::pair<int, int>> s;for (int i = 0; i < n; i++) {int r, c;std::cin >> r >> c;if (c <= 0) {left1 = 1;}if (c >= 0) {right1 = 1;}s.emplace(r, c);}for (auto [r, c] : s) {if (!c) {continue;}//这里和3异或真的简化了很多代码if (s.count({r ^ 3, c}) || s.count({r ^ 3, c + (c > 0 ? -1 : 1)})) {if (c > 0) {right2 = 1;} else {left2 = 1;}}}int ans = 4 - left1 - left2 - right1 - right2;ans = std::min(ans, int(3 - s.count({2, 0}) - s.count({1, -1}) - s.count({1, 1})));std::cout << ans << "\n";
}int main() {std::ios::sync_with_stdio(false);std::cin.tie(nullptr);int t;std::cin >> t;while (t--) {solve();}return 0;
}

C

S m i n = 所有人办事的时间 + 等待时间 S_{min}=所有人办事的时间+等待时间 Smin​=所有人办事的时间+等待时间
等待时间 = T 1 ∗ n + T 2 ∗ ( n − 1 ) + . . . + T n ∗ 1 等待时间=T_1 * n + T_2 * (n-1)+...+ T_n * 1 等待时间=T1​∗n+T2​∗(n−1)+...+Tn​∗1
这就转化成了一个经典的问题排序不等式
当 T 1 、 T 2 、 . . . 、 T n T_1、T_2、...、T_n T1​、T2​、...、Tn​按从小到大的对应和n~1相乘
然后看鸡能查到谁的前面

#include <bits/stdc++.h> 
#define int long long
#define rep(i,a,b) for(int i = (a); i <= (b); ++i)
#define fep(i,a,b) for(int i = (a); i >= (b); --i)
#define ls p<<1
#define rs p<<1|1
#define PII pair<int, int>
#define pll pair<long long, long long>
#define ll long long
#define ull unsigned long long
#define db double
#define endl '\n'
#define debug(a) cout<<#a<<"="<<a<<endl;
#define IOS ios::sync_with_stdio(false); cin.tie(0); cout.tie(0);
#define INF 0x3f3f3f3f 
#define x first
#define y secondusing namespace std;const int N=1e5+10,mod=1e9+7;
int n,q,tc;
int t[N],d[N];//x为鸡插队的时间
bool check(int x,int m)
{//找到受鸡插队影响的第一个位置 int l=1,r=n;int k=upper_bound(d+1,d+1+n,x)-d;int sum=(n-k+1)*tc;return sum<=m;
}void solve()
{cin>>n>>q>>tc;rep(i,1,n)	cin>>t[i];sort(t+1,t+1+n);int sm=0;//计算每个人不满意度,sm就是没插队的最小不满意度 //di也是每个人完成工作的时间 rep(i,1,n)	d[i]=d[i-1]+t[i],sm+=d[i];rep(i,1,q){int m;cin>>m;int l=0,r=d[n];while(l<r){int mid=(l+r)>>1;if(check(mid,m))	r=mid;else	l=mid+1;}cout<<l+tc<<endl;}
}signed main()
{IOS	
//   	freopen("1.in", "r", stdin);int _;
//	cin>>_;
//	while(_--)solve();return 0;
}

D

代码是参考jls的，写的真的很优雅
思路：
这里有一个小 t r i c k trick trick,数相乘的话会很大，而 M M M只有 1 e 9 1e9 1e9, 2 3 0 2^30 230就会到达 1 e 9 1e9 1e9。
也就是说，不为0的数相乘很快会超范围有很多不合法的。
对于相同的数，平移的话是都是一样的。
我们考虑不同的数有多少个。
不同的数最多有20个，20个的话就会相乘就会超范围。
然后里面就暴力去瞎搞就行

#include <bits/stdc++.h>
#define int long long
#define rep(i,a,b) for(int i = (a); i <= (b); ++i)
#define fep(i,a,b) for(int i = (a); i >= (b); --i)
#define _for(i,a,b) for(int i=(a); i<(b); ++i)
#define pii pair<int, int>
#define pdd pair<double,double>
#define ll long long
#define db double
#define endl '\n'
#define x first
#define y second
#define pb push_back
#define vi vector<int>using namespace std;
const int maxn=1e5+10,mod=1e9+7,K=4e4,inf=1e9;void solve() {int n,Q;cin>>n>>Q;map<int,int>cnt;rep(i,1,n) {int a;cin>>a;cnt[a]+=1;}set<int>s{0};//只有当不同的数为20个以内时乘起来才不会超出范围if(cnt.size()<=20) {//将map中的内容复制到vector中vector<pii>a(cnt.begin(),cnt.end());int n=a.size();int d=a[0].x-K;//枚举每一个数_for(i,0,n) {//枚举每一个数进行两种操作的总的变化量for(d=max(d,a[i].x-K); d<=a[i].first+K;d++) {//从前往后算一遍答案				int res=1;_for(j,0,n) {//看一下这个数会变成的数，vint v=a[j].x-d;//1的话对res没有影响if(v==1) {continue;}//-1的话看值为这个数的有多少个if(v==-1) {if(a[j].y%2==1) {res*=-1;}continue;}//两个都不是的话就把，所有值为这个数的都乘上去_for(c,0,a[j].y) {res*=v;//中间溢出范围直接退出if(abs(res)>inf) {break;}}//溢出的话直接退出if(abs(res)>inf) {break;}}//满足的话用set存一下，供查询if(abs(res)<=inf) {s.insert(res);}}}}while(Q--) {int M;cin>>M;if(s.count(M)) {cout<<"Yes"<<endl;} else {cout<<"No"<<endl;}}
}signed main() {ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0);cout.tie(0);
//	freopen("1.in", "r", stdin);int _;
//	cin>>_;
//	while(_--)solve();return 0;
}

E

e题看到数据范围n和m都很小，dfs，对于每场比赛，ab两位选手，考虑每场比赛。
ab两位选手

  1. a胜b败
  2. a败b胜
  3. ab平局
#include <bits/stdc++.h> 
#define int long long
#define rep(i,a,b) for(int i = (a); i <= (b); ++i)
#define fep(i,a,b) for(int i = (a); i >= (b); --i)
#define ls p<<1
#define rs p<<1|1
#define PII pair<int, int>
#define pll pair<long long, long long>
#define ll long long
#define ull unsigned long long
#define db double
#define endl '\n'
#define debug(a) cout<<#a<<"="<<a<<endl;
#define IOS ios::sync_with_stdio(false); cin.tie(0); cout.tie(0);
#define INF 0x3f3f3f3f 
#define x first
#define y secondusing namespace std;const int N=20,mod=1e9+7;
int n,m,ans;
struct node
{int val,idx;bool operator <(const node t){return val>t.val;}
}a[N],b[N];PII op[N];void dfs(int u)
{if(u==m+1){memcpy(b,a,sizeof a);sort(b+1,b+1+n);
//		cout<<"AAAAAA"<<endl;
//		rep(i,1,n)	cout<<a[i].idx<<' '<<a[i].val<<endl;int k=0;rep(i,1,n)	if(b[i].idx==1)	k=i;ans=min(ans,k);return;}int x=find(op[u].x),y=find(op[u].y);//x胜a[x].val+=3;dfs(u+1); a[x].val-=3;//y胜a[y].val+=3;dfs(u+1); a[y].val-=3;//平局a[x].val+=1;a[y].val+=1;dfs(u+1); a[x].val-=1;a[y].val-=1;
}void solve()
{cin>>n>>m;ans=n;rep(i,1,n){int x;cin>>x;a[i]={x,i};}int k=0;rep(i,1,m){int x,y;cin>>x>>y;if(x>y)	swap(x,y);op[++k]={x,y};}dfs(1);cout<<ans<<endl;return;
}signed main()
{IOS	
//  	freopen("1.in", "r", stdin);int _;cin>>_;while(_--)solve();return 0;
}

F

考的是知识点 第二类斯特林数
从题目还是比较容易看出来这是一道第二类斯特林数的题目的，直接从前往后求一遍通项公式。
需要补一下组合数学的知识
d7039fd6bc9ff6fe6361180a79f2f5b.jpg
image

#include <bits/stdc++.h>
#define int long long
#define rep(i,a,b) for(int i = (a); i <= (b); ++i)
#define fep(i,a,b) for(int i = (a); i >= (b); --i)
#define pii pair<int, int>
#define pdd pair<double,double>
#define ll long long
#define db double
#define endl '\n'
#define x first
#define y second
#define pb push_back
#define vi vector<int>using namespace std;
const int maxn=1e6+10,mod=1e9+7;int ksm(int a,int b, int p){int res=1;while(b){if(b&1)	res=res*a%p;a=a*a%p;b>>=1;	}return res;
}
int fac[maxn],invfac[maxn];
void solve() {int n,m;cin>>n>>m;
// 	vi fac(n+1),invfac(n+1);fac[0]=invfac[0]=1;rep(i,1,maxn){fac[i]=fac[i-1]*i%mod;invfac[i]=ksm(fac[i],mod-2,mod);}      int ans=0;rep(i,0,m){ans+=((m-i)&1?-1:1)*ksm(i,n,mod)%mod*invfac[i]%mod*invfac[m-i]%mod;ans%=mod;}cout<<(ans+mod)%mod<<endl;
}signed main() {ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0);cout.tie(0);
//	freopen("1.in", "r", stdin);int _;
//	cin>>_;
//	while(_--)solve();return 0;
}

G

前缀和,先对优惠卷按价格排序，然后根据优惠卷可叠加，我们可以知道只要优惠的钱+m>=商品原价就可以更新答案。

#include <bits/stdc++.h> 
#define int long long
#define rep(i,a,b) for(int i = (a); i <= (b); ++i)
#define fep(i,a,b) for(int i = (a); i >= (b); --i)
#define ls p<<1
#define rs p<<1|1
#define PII pair<int, int>
#define pll pair<long long, long long>
#define ll long long
#define ull unsigned long long
#define db double
#define endl '\n'
#define debug(a) cout<<#a<<"="<<a<<endl;
#define IOS ios::sync_with_stdio(false); cin.tie(0); cout.tie(0);
#define INF 0x3f3f3f3f 
#define x first
#define y secondusing namespace std;const int N=1e5+10,mod=1e9+7;
int n,m;
struct node
{int x,y;bool operator <(const node t){return x<t.x;	} 
}a[N];void solve()
{cin>>n>>m;rep(i,1,n)	cin>>a[i].x>>a[i].y;sort(a+1,a+1+n);int ans=0,sum=0;rep(i,1,n){sum+=a[i].y;if(sum+m>=a[i].x){ans=max(ans,sum+m);}}if(!ans)	cout<<m<<endl;else	cout<<ans<<endl;
}signed main()
{IOS	
//  	freopen("1.in", "r", stdin);int _;cin>>_;while(_--)solve();return 0;
}

H

位运算贪心
涉及到位运算的题一定要把数字当成二进制串看
并且不存在进位意味着–位和位之间是独立的。
一般都是贪心的考虑每一位。

对于m我们设第x位为1，设选中的物品与起来为sum，如果sum的第x位为0，那么第x位之后所有的位都是任意的

  • 枚举第x位
  • 选择物品的第x位是0
  • 选择物品的高位应该是m高位的子集
  • 低位任意
#include <bits/stdc++.h> 
#define int long long
#define rep(i,a,b) for(int i = (a); i <= (b); ++i)
#define fep(i,a,b) for(int i = (a); i >= (b); --i)
#define pii pair<int, int>
#define pll pair<long long, long long>
#define ll long long
#define ull unsigned long long
#define db double
#define endl '\n'
#define x first
#define y second
#define pb push_backusing namespace std;void solve()
{int n,m;cin>>n>>m;vector<int>v(n+1),w(n+1);rep(i,1,n)	cin>>v[i]>>w[i];int ans=0;auto check=[&](int s){int res=0;rep(i,1,n){//==的优先级高于&if((s&w[i])==w[i]){res+=v[i];}}ans=max(ans,res);};check(m);fep(i,29,0){if((m>>i)&1){check(m^(1<<i)|((1<<i)-1));	}}cout<<ans<<endl;return;
}
signed main()
{ios::sync_with_stdio(false); cin.tie(0); cout.tie(0);
//   	freopen("1.in", "r", stdin);int _;cin>>_;while(_--)solve();return 0;
}

I

两种方式的区别在于半径。
我们可以模拟题目中的过程然后在本地多跑几组数据看看r的均值有什么规律
技巧就是打表找规律

#include <bits/stdc++.h> 
#define int long long
#define rep(i,a,b) for(int i = (a); i <= (b); ++i)
#define fep(i,a,b) for(int i = (a); i >= (b); --i)
#define pii pair<int, int>
#define pll pair<long long, long long>
#define ll long long
#define ull unsigned long long
#define db double
#define endl '\n'
#define x first
#define y second
#define pb push_backusing namespace std;
const int N=2010;int mod=1e9+7;void solve()
{int n;cin>>n;int s=0;rep(i,1,n){int x,y,r;cin>>x>>y>>r;s+=r;}if(s/n<20.0)	cout<<"bit-noob"<<endl;else	cout<<"buaa-noob"<<endl;return;
}
signed main()
{ios::sync_with_stdio(false); cin.tie(0); cout.tie(0);
//   	freopen("1.in", "r", stdin);int _;cin>>_;while(_--)solve();return 0;
}

J

#include <bits/stdc++.h>
#define int long long
#define rep(i,a,b) for(int i = (a); i <= (b); ++i)
#define fep(i,a,b) for(int i = (a); i >= (b); --i)
#define _for(i,a,b) for(int i=(a); i<(b); ++i)
#define pii pair<int, int>
#define pdd pair<double,double>
#define ll long long
#define db double
#define endl '\n'
#define x first
#define y second
#define pb push_back
#define vi vector<int>using namespace std;
const int maxn=1e5+10,mod=1e9+7,K=4e4,inf=1e9;
int a[maxn];
int n,x,y;bool check(int tar) {set<int>S;if(abs(x-y)<=tar)	S.insert(y);int lst=x;rep(i,1,n){if(S.size()&&abs(a[i]-lst)<=tar){S.insert(lst);}while(S.size()&&abs(*S.begin()-a[i])>tar)	S.erase(*S.begin());while(S.size()&&abs(*S.rbegin()-a[i])>tar)	S.erase(*S.rbegin());lst=a[i];}return S.size();
}void solve() {cin>>n>>x>>y;rep(i,1,n) {cin>>a[i];}int l=0,r=1e9;while(l<r) {int mid=(l+r)>>1;if(check(mid)) {r=mid;} else {l=mid+1;}}cout<<l<<endl;
}signed main() {ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0);cout.tie(0);
//	freopen("1.in", "r", stdin);int _;
//	cin>>_;
//	while(_--)solve();return 0;
}

K

基环树

L

这道题应该是个签到题。主要是题面有点吓人。
直接考虑光源在最下面，这种情况地上的未被照射到的面积应该是最大的。
面积很好求，就是一个等腰梯形的面积。

#include <bits/stdc++.h> 
#define int long long
#define rep(i,a,b) for(int i = (a); i <= (b); ++i)
#define fep(i,a,b) for(int i = (a); i >= (b); --i)
#define ls p<<1
#define rs p<<1|1
#define PII pair<int, int>
#define pll pair<long long, long long>
#define ll long long
#define ull unsigned long long
#define db double
#define endl '\n'
#define debug(a) cout<<#a<<"="<<a<<endl;
#define IOS ios::sync_with_stdio(false); cin.tie(0); cout.tie(0);
#define INF 0x3f3f3f3f 
#define x first
#define y secondusing namespace std;const int N=1e5+10,mod=1e9+7;
int n,q,tc;void solve()
{int c,d,h,w;cin>>c>>d>>h>>w;db ans=1.0*(6*w)*c/2;printf("%.5lf\n",ans);
}
signed main()
{
// 	IOS	
//  	freopen("1.in", "r", stdin);int _;cin>>_;while(_--)solve();return 0;
}

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课程内容 工作台 Apache POI 导出运营数据Excel报表 功能实现&#xff1a;工作台、数据导出 工作台效果图&#xff1a; 数据导出效果图&#xff1a; 在数据统计页面点击数据导出&#xff1a;生成Excel报表 1. 工作台 1.1 需求分析和设计 1.1.1 产品原型 工作台是系统运营…
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当Web3叙事寒冬到来，游戏是否是冬日里的“一把火”？

当Web3叙事寒冬到来，游戏是否是冬日里的“一把火”？

出品&#xff5c;欧科云链研究院 作者&#xff5c;Jason Jiang 以太坊创始人Vitalik在2019年曾说&#xff1a;金融与游戏会是区块链最先落地的场景。 在DeFi金融创新驱动上个周期后&#xff0c;沉寂近两年的Web3游戏板块&#xff0c;如今似乎也在复苏。无论是频繁获得融资&a…
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【推荐算法系列五】DeepFM 模型

【推荐算法系列五】DeepFM 模型

文章目录 参考资料Sparse FeaturesDense EmbeddingsFM LayerHidden LayerOutput Units 优缺点DeepFM 的优点DeepFM 自身的缺点。 参考资料 DeepFM 中关于 整个发展过程&#xff0c; FM, PNN, wide&deep 的描述很给力。 所以FM在其中的含义就是low-order, deep 就是所谓的 …
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IT廉连看——Uniapp——页面样式与布局

IT廉连看——Uniapp——页面样式与布局

IT廉连看——Uniapp——页面样式与布局 目标&#xff1a; 了解样式与布局的规范 熟记px和rpx的区别 全局样式与index样式的区别 一、查看uniapp框架简介——尺寸单位 px尺寸单位的使用是贯穿始终的。 [IT廉连看] 二、尺寸单位——实操效果 1、打开Hbuilder X并进入in…
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type may not be empty [type-empty]

type may not be empty [type-empty]

原因是使用了规范commit信息的工具&#xff0c;你的提交信息不符合规范&#xff0c;所以被拒绝了 commit规范工具 commitlinthusky 解决方式一&#xff1a; 修改提交信息&#xff0c; 使其符合规范 git commit -m "feat: 新功能"使用Git Gui的使用以下格式写提交…
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每日一题：最小生成树

每日一题：最小生成树

板子&#xff1a; 最小生成树【模板】最小生成树 - 洛谷 代码实现&#xff1a; 稠密图 #include<bits/stdc.h> using namespace std; const int N510,INF0x3f3f3f3f; int n,m; int g[N][N],dis[N]; bool st[N]; int prim(){memset(dis,0x3f,sizeof dis);int res0;for…
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SpringBoot中时间对象区分及相关处理

SpringBoot中时间对象区分及相关处理

目录 1 前言 2 常见时间对象的区分 2.2 LocalTime 2.3 LocalDateTime 3 控制类接收参数的细节 4 时间对象间的转化 1 前言 本文主要是目的是让大家能够区分Java中常见时间对象&#xff0c;并熟悉使用细节及它们间的转化。 2 常见时间对象的区分 ​​​​​2.1 LocalDa…
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Aethir推出其首次去中心化AI节点售卖

Aethir推出其首次去中心化AI节点售卖

Aethir&#xff0c;去中心化GPU云基础设施领导者&#xff0c;宣布其备受期待的节点销售。Aethir是一家企业级的以AI和游戏为重点的GPU即服务提供商。Aethir的去中心化云计算基础设施使GPU提供商能够与需要NVIDIA的H100芯片提供强大AI/ML任务支持的企业客户相连接。 此外&#x…
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YOLOv6-Openvino和ONNXRuntime推理【CPU】

YOLOv6-Openvino和ONNXRuntime推理【CPU】

1 环境&#xff1a; CPU&#xff1a;i5-12500 Python&#xff1a;3.8.18 2 安装Openvino和ONNXRuntime 2.1 Openvino简介 Openvino是由Intel开发的专门用于优化和部署人工智能推理的半开源的工具包&#xff0c;主要用于对深度推理做优化。 Openvino内部集成了Opencv、Tens…
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